УДК 519.673
К ТЕОРИИ УРАВНЕНИЙ С Uo- ОГРАНИЧЕННЫМИ ОПЕРАТОРАМИ © 2005 г. Я.С. Ладченко
Clause is devoted to studying of properties of the so-called limited operators playing the important role in the theory of the equations.
1. В теории линейных операторов, оставляющих инвариантным конус K сЕ, важную роль играет понятие и0 - положительности оператора.
Линейный оператор А, оставляющий инвариантным конус K, называется и0 - ограниченным снизу (и0 - фиксированный ненулевой элемент K), если для каждого x е K \в существуют такое натуральное n = n(x) и такое а = а(x), что
аи0 < Anx . (1)
Оператор А называется и0 - ограниченным сверху, если для каждого x е K при некотором натуральном m = m(x) и в > 0 выполняется неравенство
Amx <ви0. (2)
Оператор А называется и0 - положительным, если для каждого x е K , x Фв
аи0 < Apx <ви0, (3)
где p = p(x) - натуральное число; а = а(x), в = в( x) - положительные числа.
Возникает естественный вопрос: не следует ли неравенство (3) из неравенств (1), (2)?
Положительный ответ на этот вопрос содержит следующая теорема.
Теорема 1. Всякий и0 -ограниченный сверху и
снизу оператор А является и0 -положительным.
Доказательство этой теоремы основано на двух следующих леммах.
Лемма 1. Пусть оператор А и0 - ограничен
сверху и снизу. Тогда существует такое натуральное к, что
а' и0 < Аки0 <в и0 (а', в > 0). (4)
Доказательство. Так как А и0 -ограничен сверху и снизу, то для некоторых а1, в1 > 0 и некоторых
натуральныхp и s а1 и0 < Ари0, А* и0 < в1и0.
Из последних неравенств следует, что а1 и0 < Ар*и0 < в-ри0. Остается положить к = ps ,
а'=а* , e' = eip.
Всюду ниже предполагается, что x е K . Лемма 2. Пусть оператор А и0 -ограничен
сверху и снизу. Тогда справедливо по крайней мере одно из трёх неравенств
Аи0 <ги0 (5)
8и0 < Аи0 (S> 0) (6)
Доказательство. Не ограничивая общности, можно считать, что в неравенствах (1) и (2) т<п и что число к, участвующее в неравенстве (4), удовлетворяет соотношению к>п-т=к1.
Применим обычный алгоритм Евклида для нахождения наибольшего общего делителя чисел к и к2. к р^ — к 2,
к1 - р2к 2 — к3,К, кп-2 - Рп-1кп-1 — кп , здесь
к1, к2, к кп-1 > 1, а кп - последний остаток, равный либо 1 (когда числа к и к1 взаимно просты), либо нулю. В зависимости от этого рассмотрим два случая.
I. кп — 1. Тогда из (1) и (2) следует
аи0 < Апх — Ак (Атх) < рАки0, т. е. Ак и0 >у1и0,
где у\ — ~ > 0 . Далее имеем, используя неравенства (4),
в'и0 > Аки0 — Ак-к1(Ак1 и0) >
^ а ,к-к ^ 1 л к - рк Га\ 1 х! к1
>—А 1 и0 >... >1— \ А п1и0 — I— \ А 1и0,
ß
ß
ß
т.е.
pi
Аки0 <в'|аJ и0 —72и0,(72 > 0).
Аналогично нетрудно показать, что упи0 < Акпи0 (уп > 0), если п нечетно, и
Акпи0 < упи0, если п четно. Так как кп — 1, то это означает, что выполнено одно из неравенств (5), (6).
II. кп — 0. В этом случае число кп-1 Ф1 будет наибольшим делителем чисел к и к1, причем будет выполнено неравенство
(8)
Уп-^и0 < Акп-1 и0 (Уп-1 > 0) при четном п и неравенство
Ак"-1 и 0 <уп_хи 0, (9)
если п нечетно. Пусть выполнено (8). Так как при некотором целом с т + к — п + скп-1, то на основании неравенства (1) и (8) получим
(10)
л т+к л п+скп-1 ^ с
А х — А п1 х >ауп-1и0. С другой стороны, используя (2), найдём Ат+кх — АкАтх <вАки0 < РР'и0 . (11)
Из (10) и (11) следует (7). Пусть теперь выполнено (9). Применяя к неравенству (2) оператор
s раз, где s таково, что n = m + skn-1, по-
a*u0 < Apx<ß*u0 (а*, ß* > 0).
(7) лучим Ax = Am+skn-1 x < ßysn-\U0.
Последнее неравенство в сочетании с (1) доказывает (7).
Лемма доказана.
Доказательство теоремы 1 легко следует из леммы 2: если выполнено (7), то оператор А u0 -положителен, если выполнено одно из неравенств (5) или (6), то (7) легко следует из (1) и (2).
2. В этом пункте будет показано, что (при определенных дополнительных условиях) некоторая степень м0 -ограниченного сверху линейного положительного оператора является вполне непрерывным оператором.
Пусть вначале линейный положительный оператор А таков, что для всех x е K при некотором
в = в( x)
Ax <fiu0. (12)
Обозначим через в0(x) наименьшее из всех чисел в, при которых выполняется неравенство
(12). Нетрудно видеть, что P0(x) - монотонный функционал. Поэтому существует такое число С>0, что
в0(x) < CHI x е K . (13)
Пусть Е полуупорядоченное конусом K банахово пространство с базисом {}. Будем говорить, что базис {в,} правильно входит в K, если каждый элемент x е K имеет в разложении по базису неотрицательные координаты. Пусть E,i (i = 1,2,к) - координаты вектора x по базису {}. Через Rnx бу-
n
дем обозначать элемент x - .
i=1
Теорема 2. Пусть конус K - воспроизводящий и нормальный, а базис {} правильно входит в K, линейный положительный оператор А u0 -ограничен сверху (в смысле неравенства (12)). Тогда оператор А вполне непрерывен. Доказательство. Пусть вначале ограниченное множество Ф принадлежит конусу K. Из (12) и
(13) следует, что для всех x е Ф выполняется неравенство Ax < Cju0, где С некоторое постоянное. Очевидно, в< RnAx < C1 Rn u 0 , откуда в силу нормальности конуса K следует, что
\\RnAx\ < Щ%и0||. (14)
Так как |Rnu01| ^ 0 (n ^ да), то из неравенства
(14) следует, что для всех x еФ и каждого s> 0 существует такой номер n0 , что
\КЦ <с (15)
при п > п0. Из (15) в силу критерия компактности множества в банаховом пространстве с базисом [1] следует компактность множества АФ . Пусть теперь ФсЕ, ||х||<С (хеФ).
Так как К воспроизводящий, следовательно, и несплющенный конус, то
x = u(x) - v(x),
(16)
где u(x), v(x) e K, причем можно считать, что
\\u(x)|| , ||v(x)\\ < MC .
Пусть Ф! = и и(х), Ф2 = их) • Множества
хеФ хеФ
Фг (г = 1,2) ограничены и Фг с К (г = 1,2). Поэтому по доказанному АФг компактны, отсюда в силу (16) легко следует компактность множества АФ. Так как к тому же А линейный положительный относительно нормального и воспроизводящего конуса К оператор, то А непрерывен. Итак, А -вполне непрерывен. Теорема доказана.
Следствие. Пусть А линейный положительный и0 -ограниченный сверху оператор. Тогда найдётся
л т ^
такое т, что А вполне непрерывный оператор.
Действительно в силу результата И.А. Бахтина [2] найдётся такое п0, что для всех х е К
А 0 х < в(х)и 0 .
Обозначим Ап0 = В. Тогда, применяя к оператору В теорему 2, приходим к справедливости утверждения следствия.
Очевидно, что не всякий и0 -ограниченный
сверху линейный положительный оператор обладает свойством полной непрерывности (или свойством иметь вполне непрерывную степень) - примером может служить единичный оператор в бесконечномерном пространстве с телесным конусом.
Литература
1. Левин А.Ю., Лифшиц Е.А. // Проблемы математического анализа сложных систем. 1967. Вып. 1. С 123-135.
2. Бахтин И.А. Исследование уравнений с положительными операторами: Дис... д-ра. ф.-м. наук. Л., 1984.
Ставропольский институт экономики и управления
6 октября 2004 г.